0과 1의 쉼터

풀이 "백준 11726, 2×n 타일링" 문제와 비슷하다. 심지어 정답도.. 2x1 타일을 1, 1x2 타일을 2, 2x2 타일을 T라고 가정할 때 다음과 같이 나타낼 수 있다. N 타일 dp[1] 2 11 2, T 3 3 111 12,1T 21,2T 5 4 1111 112,11T 121,1T1 211,T11 22,TT 2T,T2 11 5 11111 1112,111T 1121,11T1 1211,1T11 2111,T111 122,1TT 212,T1T 221,TT1 12T,1T2 21T,T12 2T1,T21 21 6 " 43 7 " 85 8 " 171 N번째 방법의 수는 "2 * (N-2번째 방법의 수) + (N-1번째 방법의 수)" 와 같음을 알 수 있다. 소스코드 #include #define MOD 1..

풀이 입력받은 시간을 오름차순으로 정렬 후, 기존의 대기시간(sum)과 i번째 사람이 인출하는데 걸리는 시간(arr[i])을 result에 누적 합으로 저장해주면 된다. 소스코드 #include #include int compare(const void *a, const void *b){ return *(int*)a - *(int*)b; } int main(){ int N; scanf("%d", &N); int arr[N]; for (int i = 0; i < N; i++) scanf("%d", &arr[i]); qsort(arr, N, sizeof(int), compare); int result = 0; for (int i = 0, sum = 0; i < N; result+=(sum+=arr[i++]))..

풀이 입력받은 N을 이용해 정사각형을 분할하면서 전부다 1 또는 0일때까지 탐색을 하면 된다. 소스코드 #include int paper[128][128], w, b; void color(int x, int y, int n){ int cnt = 0; for (int i = x; i < x+n; i++) for (int j = y; j < y+n; j++) paper[i][j] && cnt++; if (cnt == n*n)b++; else if (!cnt) w++; else { color(x, y, n/2); color(x, y+n/2, n/2); color(x+n/2, y, n/2); color(x+n/2, y+n/2, n/2); } } int main(){ int N; scanf("%d", &N); f..

풀이 depth가 0일 때는 배열에 첫 수를 넣어주고, 아닐 때는 배열에 없는 수를 찾아서 넣어준다. void BT(int depth){ for (int i = 1; i

풀이 입력받은 컴퓨터 쌍을 서로 접근할 수 있도록 반대 쌍 또한 값을 설정해주었다. 그리고, 이전에 접속한 컴퓨터에서의 탐색(중복)을 막기 위해 컴퓨터 번호에 해당하는 num배열의 값을 증가시켰다. 소스코드 #include int arr[100][100], num[100], N, cnt; void dfs(int worm){ cnt++, num[worm] = 1; for (int i = 0; i < N; i++) if (arr[worm][i] && !num[i]) dfs(i); return; } int main(){ int line, x, y; scanf("%d %d", &N, &line); for (int i = 0; i < line; i++){ scanf("%d %d", &x, &y); arr[x-1]..

풀이 start, end로 배열의 index를 조작하여 합을 구하다가 M 이상일 때는 start가 가르키는 값을 빼고, start를 증가시킨다. M 미만일 때는 end가 가르키는 값을 더하고, end를 증가시킨다. 위 과정을 거친 후 sum이 M과 동일할 때, cnt를 증가시킨다. 소스코드 #include int main(){ int N, M; scanf("%d %d", &N, &M); int arr[N]; for (int i = 0; i < N; i++) scanf("%d", &arr[i]); int start = 0, end = 0, sum = 0, cnt = 0; while (end

풀이 "백준 11659, 구간 합 구하기 4"와 비슷한 문제이다. 단 sum에 저장되는 큰 수의 절대값이 1,000,000,000이므로 int형으로 선언해도 된다. 소스코드 #include int sum[100001]; int main(){ int N, M, first, last, num; scanf("%d", &N); for (int i = 1; i

풀이 입력받은 두 분수를 통분하고, 분자와 분모의 최대공약수를 이용해 약분하여 분수형태로 출력하면 된다. 소스코드 #include int GCD(int a, int b){ return b ? GCD(b, a%b) : a; } int main(){ int A, B, a, b; scanf("%d %d %d %d", &A, &B, &a, &b); int AA = A*b + a*B, BB = B*b; int gcd = GCD(AA, BB); printf("%d %d\n", AA/gcd, BB/gcd); } 출처 1735번: 분수 합 첫째 줄과 둘째 줄에, 각 분수의 분자와 분모를 뜻하는 두 개의 자연수가 순서대로 주어진다. 입력되는 네 자연수는 모두 30,000 이하이다. www.acmicpc.net

풀이 처음에 입력받은 링의 반지름과 이후에 입력받은 반지름의 최대공약수를 이용해 약분하여 분수형태로 출력하면 된다. 소스코드 #include int GCD(int a, int b){ return b ? GCD(b, a%b) : a; } int main(){ int N, first_r, r; scanf("%d %d", &N, &first_r); while (-1 + N--){ scanf("%d", &r); int gcd = GCD(first_r, r); printf("%d/%d\n", first_r/gcd, r/gcd); } } 출처 3036번: 링 출력은 총 N-1줄을 해야 한다. 첫 번째 링을 제외한 각각의 링에 대해서, 첫 번째 링을 한 바퀴 돌리면 그 링은 몇 바퀴 도는지 기약 분수 형태 A/B로 ..

풀이 모든 쌍의 GCD를 구해서 합해주면 된다. 단, 최악의 경우 1,000,000 * 99 * 98 * 97 *... * 3 * 2 *1 의 수가 나올 수 있으니 long long 자료형의 변수에 합을 담아주어야 한다. 소스코드 #include int GCD(int a, int b){ return b ? GCD(b, a%b) : a; } int main(){ int t, n, arr[100]; scanf("%d", &t); while (t--){ scanf("%d", &n); long long gcd_sum = 0; for (int i = 0; i < n; i++) scanf("%d", &arr[i]); for (int i = 0; i < n-1; i++) for (int j = 1 + i; j < n..